Introduction to Quadratic Residue
定义
令$p$为奇质数。
定义 1 对于一个整数$n$,若存在整数$x$,使得$x^2 \equiv n \pmod p$,则称$n$是模$p$的二次剩余,否则称$n$是模$p$的二次非剩余。
定义 2(勒让德符号)
$$
\left({n \over p}\right)=\begin{cases}1, & n是模p的二次剩余 \\ -1, & n是模p的二次非剩余 \\ 0, & p \mid n\end{cases}
$$
定理
- 定理 1(欧拉判别准则)
$$
\left({n \over p}\right) \equiv n^{p-1 \over 2} \pmod p
$$
证明 若$p \mid n$,则$n \equiv 0 \pmod p$,结论显然成立;
若$n$是模$p$的二次剩余,则存在$x$满足$x^2 \equiv n \pmod p$,于是$n^{p-1 \over 2} \equiv x^{p-1} \pmod p$,由费马小定理,结论成立;
若$n$是模$p$的二次非剩余,则不存在$x$满足$x^2 \equiv n \pmod p$。由逆元相关知识,对于任意$1 \le i \le p-1$,存在唯一的$1 \le j \le p-1$,使得$i \neq j$且$ij \equiv n \pmod p$。于是$1$到$p-1$这些数可以两两配对,每一对的乘积都与$n$同余,所以$(p-1)! \equiv n^{p-1 \over 2} \pmod p$,由威尔逊定理,$(p-1)! \equiv -1 \pmod p$,结论成立。
令$1 \le x, y \le p-1$。
- 定理 2
$$
x+y \equiv 0 \pmod p \Leftrightarrow x^2 \equiv y^2 \pmod p
$$
证明 $\Rightarrow$:$x+y \equiv 0 \pmod p \Rightarrow x \equiv -y \pmod p$,两边平方即得。
$\Leftarrow$: $x^2 \equiv y^2 \pmod p \Rightarrow x^2-y^2 \equiv (x-y)(x+y) \equiv 0 \pmod p$,显然$x-y \nmid p$,于是有$x+y \mid p \Rightarrow x+y \equiv 0 \pmod p$。
- 定理 3 在$1$到$p-1$中,模$p$的二次剩余和二次非剩余的个数均为${p-1 \over 2}$。
证明 由定理 2,$1$到$p-1$中有且仅有${p-1 \over 2}$个不同的二次剩余,其余${p-1 \over 2}$个即为二次非剩余。并且对于每一个二次剩余$n$,都存在两个不同的$x$满足$x^2 \equiv n \pmod p$。
算法
给定整数$n$和奇质数$p$,求满足$x^2 \equiv n \pmod p$的$x$。
- 用欧拉判别准则判断$n$是否为模$p$的二次剩余,如果不是则返回$-1$表示无解,如果是$0$则返回$0$;
- 从$1$到$p-1$中随机选一个整数$a$,使得$a^2-n$为模$p$的二次非剩余(根据定理 3,随机的次数不会太多);
- 令$\omega \equiv a^2-n \pmod p$,取$x \equiv (a+\sqrt{\omega})^{p-1 \over 2} \pmod p$,返回$x$(这里$\sqrt{\omega}$可以理解成虚数)。
- 引理 1
$$
\omega^{p \over 2} \equiv -\omega^{1 \over 2} \pmod p
$$
证明 由欧拉判别准则,显然成立。
- 引理 2
$$
(a+b)^p \equiv a^p+b^p \pmod p
$$
证明 $(a+b)^p \equiv \sum_{i=0}^p {p \choose i}a^ib^{p-i}$,由于$p$是奇质数,所以当且仅当$i=0$或$i=p$时${p \choose i}$没有因子$p$,于是成立。
算法证明
$$\begin{align} x^2 & \equiv (a+\sqrt{\omega})^{p-1} \\ & \equiv (a+\sqrt{\omega})^p(a+\sqrt{\omega}) \\ & \equiv (a^p+\omega^{p \over 2})(a+\sqrt{\omega}) \\ & \equiv (a-\sqrt{\omega})(a+\sqrt{\omega}) \\ & \equiv a^2-\omega \equiv n \pmod p \end{align}$$由于$x^2 \equiv n \pmod p$有且仅有两根,且都不含$\sqrt{\omega}$项,而由算法给出的$x$是方程的一个根,所以它不含$\sqrt{\omega}$项。
代码
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